x=0 で 断熱境界条件 ux(0,t)=uをみたし、 x=1 で 等温境界条件 u(1,t)=0 をみたす解 を求めるのに必要な道具
\(x=0\)で断熱境界条件\(u_x(0,t)=0\)をみたし、\(x=1\)で等温境界条件\(u(1,t)=0\)をみたす解
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目次
\(x=0\)で断熱境界条件\(u_x(0,t)=0\)をみたし
\(x=1\)で等温境界条件\(u(1,t)=0\)をみたす解を求めるのに必要な道具 x=0で断熱境界条件ux(0,t)=uをみたし、x=1で等温境界条件u(1,t)=0をみたす解を求めるのに必要な道具
熱伝導を表す偏微分方程式
\(u(x,t)=X(x)T(t)\)とおき\(u_t=\alpha^2u_{xx}\)にあてはめると
$$X(x)T'(t)=\alpha^2X”(x)T(t),\ \frac{T'(t)}{\alpha^2T(t)}=\frac{X”(x)}{X(x)}$$
物理的な制約（熱の出入りがない状況）からk<0と仮定する。
\(\frac{T'(t)}{\alpha^2T(t)}=\frac{X”(x)}{X(x)}=kとおくとT'(t)-k\alpha^2T(t)=0,\ X”(x)-kX(x)=0\)が得られる。
\(k=-\lambda^2とすればT'(t)+\lambda^2\alpha^2T(t)=0,\ X”(x)+\lambda^2X(x)=0\)
一般解
$$T(t)=A_1e^{-\lambda^2\alpha^2t}$$
$$X(x)=B_1\ sin\lambda x+B_2\ cos\lambda x=0$$
\(u(x,t)=T(t)X(x)\)であるから、\(A=A_1B_1,\ B=A_1B_2\)と取り直せば
$$u(x,t)=A_1e^{-\lambda^2\alpha^2t}(B_1sin\lambda x+B_2cos\lambda x)=e^{-\lambda^2\alpha^2t}(Asin\lambda x+Bcos\lambda x)$$
重ね合わせの原理
線形同次微分方程式では\(x_1,x_2\)が解ならば、その1次結合\(c_1x_1+c_2x_2\)も解となる。
証明
Lはxに関数L[x]を対応させる写像 L[x]=0
\(x_1,\ x_2\)が同次微分方程式の解であるから\(L[x_1]=0,\ L[x_2]=0 \)よって\(L[c_1x_1+c_2x_2]=c_1L[x_1]+c_2L[x_2]=0\)
\(x=0\)で断熱境界条件\(u_x(0,t)=0\)をみたし
\(x=1\)で等温境界条件\(u(1,t)=0\)をみたす解 x=0で断熱境界条件ux(0,t)=uをみたし、x=1で等温境界条件u(1,t)=0をみたす解
\(u_x(0,t)=u(1,t)=0\)をみたす解
断熱境界条件
\(u(x,t)=e^{-\lambda^2\alpha^2t}(Asin\lambda x+B\ cos\ \lambda x)\)をxで偏微分すると\(u_x(x,t)=e^{-\lambda^2\alpha^2t}(A\lambda\ cos\ \lambda x-B \lambda sin\lambda x)\)
$$u_x(0,t)=e^{-\lambda^2\alpha^2t}A\lambda\ cos0=0,\ \lambda=0の場合は自明の解,\ A=0,\ u(x,t)=e^{-\lambda^2\alpha^2t}B\ cos\ \lambda x=0,$$
等温境界条件
$$u(1,t)=e^{-\lambda^2\alpha^2t}B\ cos\ \lambda=0,\ B=0の場合は自明解,\ cos\lambda=0,\ \lambda=\frac{\pi}{2}+n\pi=\frac{\pi+2n\pi}{2}=\frac{(2n+1)\pi}{2}$$
これらの解を重ね合わせて\(u_x(0,t)=u(1,t)=0\)をみたす解は
$$u(x,t)=\sum_{n=0}^\infty B_n \exp\left(-\left(\frac{(2n+1)\pi}{2}\right)^2\alpha^2t\right)cos\left(\frac{(2n+1)\pi x}{2}\right)$$
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